Biologia, poziom rozszerzony — maj 2026
23 zadania z arkusza CKE (maj 2026, poziom rozszerzony), 60 pkt: Albumina — mostki disiarczkowe i transport kwasów tłuszczowych; Fotosystem II — rozszczepianie wody i transport elektronów; Horyzontalny transfer genów — doświadczenia Lederberga i Davisa; Linezolid — rybosom bakteryjny i ściana…
Zadanie 1 — Albumina — mostki disiarczkowe i transport kwasów tłuszczowych (2 punkty)
Albumina to białko osocza krwi. Strukturę przestrzenną albuminy stabilizuje 17 mostków disiarczkowych. Skład albuminy przedstawia się następująco (liczba reszt aminokwasowych):
alanina — 62 · arginina — 24 · asparagina — 17 · kwas asparaginowy — 36 · cysteina — 35 · glicyna — 12 · glutamina — 20 · kwas glutaminowy — 62 · histydyna — 16 · izoleucyna — 8 · leucyna — 61 · lizyna — 59 · metionina — 6 · fenyloalanina — 31 · prolina — 24 · seryna — 24 · treonina — 28 · tryptofan — 1 · tyrozyna — 18 · walina — 41
Głównymi funkcjami albuminy są regulowanie ciśnienia osmotycznego krwi, buforowanie pH krwi oraz transport długołańcuchowych kwasów tłuszczowych.
Uwzględniając skład albuminy, wykaż, że strukturę III-rzędową tego białka stabilizuje maksymalna możliwa do utworzenia liczba mostków disiarczkowych.
Uzasadnij, że dzięki związaniu długołańcuchowych kwasów tłuszczowych przez albuminę możliwy staje się transport tych kwasów we krwi. W odpowiedzi uwzględnij rozpuszczalność albuminy oraz długołańcuchowych kwasów tłuszczowych w osoczu.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 1.1 — 1 pkt za wykazanie odnoszące się do 35 reszt cysteiny tworzących maksymalnie 17 par. NIE uznaje się odwołania do „aminokwasów siarkowych" (metionina też nim jest).
- 1.2 — 1 pkt za uzasadnienie odnoszące się do słabej rozpuszczalności długołańcuchowych kwasów tłuszczowych w osoczu ORAZ dobrej rozpuszczalności albuminy. NIE uznaje się odpowiedzi, że to kwasy „stają się rozpuszczalne" po związaniu.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 2 — Fotosystem II — rozszczepianie wody i transport elektronów (3 punkty)
U roślin występują dwa rodzaje fotosystemów: fotosystem I (PS I) oraz fotosystem II (PS II). Na schemacie przedstawiono centrum reakcji PS II, współdziałającego z enzymem rozszczepiającym wodę, oraz transfer elektronów w obrębie centrum reakcji PS II.
Wzbudzona specjalna para cząsteczek chlorofilu przekazuje wysokoenergetyczne elektrony na plastochinon (Q), przenoszący elektrony na kolejne elementy fotosyntetycznego łańcucha transportu elektronów.

Dokończ zdanie. Wybierz właściwą odpowiedź spośród podanych.
PS II w komórkach miękiszu asymilacyjnego roślin jest zlokalizowany w
A. błonie komórkowej.
B. błonach tylakoidów.
C. zewnętrznej błonie otoczki chloroplastu.
D. wewnętrznej błonie otoczki chloroplastu.
Wykaż, że funkcjonowanie PS II wymaga współdziałania centrum reakcji PS II z enzymem rozszczepiającym wodę.
Uzupełnij zdania. Wybierz odpowiedź spośród oznaczonych literami A i B oraz odpowiedź spośród oznaczonych literami C i D.
W wyniku reakcji zachodzących podczas fazy fotosyntezy zależnej od światła elektrony z PS I są przenoszone na A/B. Produkt tej reakcji jest wykorzystywany podczas etapu C/D cyklu Calvina.
A. ADP
B. NADP⁺
C. redukcji
D. regeneracji
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 2.1 — B (błony tylakoidów)
- 2.2 — uzupełnianie elektronów wybitych z centrum reakcji elektronami pochodzącymi z rozszczepianej wody
- 2.3 — BC (NADP⁺; etap redukcji cyklu Calvina).
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 3 — Horyzontalny transfer genów — doświadczenia Lederberga i Davisa (3 punkty)
Horyzontalny transfer genów (HTG) może się odbywać u bakterii na drodze koniugacji, transdukcji lub transformacji. W 1946 roku Lederberg i Tatum przeprowadzili eksperyment na dwóch szczepach Escherichia coli — A i B:
szczep A (Met⁻ bio⁻ Thr⁺ Leu⁺ thi⁺) — bakterie, które nie miały zdolności do syntezy aminokwasu metioniny (Met) oraz witaminy biotyny (bio);
szczep B (Met⁺ bio⁺ Thr⁻ Leu⁻ thi⁻) — bakterie, które nie miały zdolności do syntezy aminokwasów: treoniny (Thr) i leucyny (Leu), oraz witaminy tiaminy (thi).
Bakterie obydwu szczepów hodowano na pożywce pełnej (zawierającej źródło aminokwasów i witamin), zarówno razem, jak i osobno. Gdy bakterie przeniesiono na pożywkę minimalną (niezawierającą tych aminokwasów i witamin), kolonie zostały utworzone wyłącznie przez część bakterii pochodzących z hodowli mieszanej.
Materiał — doświadczenie Davisa
Bernard Davis wykonał kolejne doświadczenie — założył hodowlę bakterii szczepów A i B w szklanej U-rurce z pożywką pełną, z filtrem między połówkami U-rurki. Ten filtr przepuszczał w obie strony pożywkę wraz z rozpuszczonymi substancjami, ale nie przepuszczał bakterii. Hodowla była wolna od bakteriofagów.
Gdy przeniesiono bakterie na pożywkę minimalną, nie odnotowano wzrostu kolonii.


Wyjaśnij, dlaczego w doświadczeniu Lederberga i Tatuma — po przeniesieniu bakterii na pożywkę minimalną — kolonie zostały utworzone wyłącznie przez bakterie pochodzące z hodowli mieszanej. W odpowiedzi uwzględnij następstwa HTG między szczepami A i B.
Wyjaśnij, dlaczego w doświadczeniu Davisa nie zaszła wymiana informacji genetycznej między bakteriami szczepów A i B. W odpowiedzi uwzględnij wybrany mechanizm HTG.
Dokończ zdanie. Wybierz odpowiedź A albo B oraz odpowiedź 1. albo 2.
Zachodzenie transdukcji można zweryfikować dzięki modyfikacji doświadczenia Davisa, polegającej na dodaniu do pożywki pełnej A/B, a następnie na przeniesieniu bakterii na 1./2.
A. bakteriofagów, które przechodziłyby przez filtr umieszczony w U-rurce
B. martwych bakterii E. coli Met⁺ bio⁺ Thr⁺ Leu⁺ thi⁺
1. pożywkę pełną.
2. pożywkę minimalną.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 3.1 — uzyskanie brakujących zdolności syntezy w wyniku transferu genów między szczepami
- 3.2 — wskazanie KONKRETNEGO mechanizmu HTG i przyczyny jego zablokowania (filtr → brak koniugacji LUB brak fagów → brak transdukcji, LUB warunki → brak transformacji)
- 3.3 — A2.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 4 — Linezolid — rybosom bakteryjny i ściana komórkowa Gram+ / Gram− (2 punkty)
Linezolid należy do stosunkowo nowej grupy syntetycznych środków przeciwbakteryjnych. Wykazano, że jest on szczególnie skuteczny w walce z bakteriami Gram-dodatnimi oraz mało skuteczny wobec bakterii Gram-ujemnych. Zróżnicowana efektywność działania tego środka wynika m.in. z różnic w budowie ściany komórkowej obu grup bakterii.
Linezolid łączy się z podjednostką 50S rybosomu, przez co staje się niemożliwe jej połączenie się z podjednostką 30S.
Wykaż, że działanie linezolidu — polegające na uniemożliwieniu połączenia się podjednostek rybosomu — wpływa negatywnie na funkcjonowanie bakterii.
Opisz różnicę w budowie bakterii Gram-dodatnich i Gram-ujemnych. W odpowiedzi odnieś się do budowy struktur otaczających komórkę u obu grup bakterii.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 4.1 — brak lub ograniczenie syntezy białek (translacji)
- 4.2 — różnica w grubości/składzie ściany komórkowej LUB obecność błony zewnętrznej u Gram−. NIE uznaje się odwołania do samego wyniku barwienia Grama, do otoczki śluzowej ani do „dwóch błon komórkowych".
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 5 — Higrofity — cechy ułatwiające transpirację i transport wody (2 punkty)
Higrofity to rośliny przystosowane do środowiska o wysokiej wilgotności powietrza i podłoża. Z powodu wysokiej wilgotności powietrza parowanie z powierzchni liści jest powolne. U higrofitów doszło do wykształcenia się licznych cech ułatwiających transpirację: fizjologicznych, morfologicznych i anatomicznych, np. komórki skórki są pokryte cienką warstwą kutikuli.
Na zdjęciu mikroskopowym (A) oraz na schemacie (B) przedstawiono anatomię blaszki liściowej higrofitu Ruellia portellae.

Oceń, które z poniższych cech budowy liści R. portellae ułatwiają transpirację przez zwiększenie powierzchni blaszki liściowej. Wybierz T, jeśli cecha ułatwia transpirację, albo N — jeśli nie ułatwia.
1. Obecność żywych włosków.
2. Brodawkowate uwypuklenia komórek skórki.
Rozstrzygnij, czy u higrofitów występowanie cech ułatwiających transpirację z powierzchni liści jest przyczyną spowolnienia, czy — przyśpieszenia przepływu wody w drewnie roślin. Odpowiedź uzasadnij, odwołując się do mechanizmu transportu wody w roślinie.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 5.1 — TT
- 5.2 — przyśpiesza, uzasadnienie odnoszące się do mechanizmu transpiracyjno-kohezyjnego (spadek potencjału wody w liściu → siła ssąca).
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 6 — Bilans węgla — doświadczenie z kiełkującymi nasionami rzodkiewki (5 punktów)
Aby określić wpływ głównych procesów metabolicznych — fotosyntezy i oddychania komórkowego — na bilans węgla, czyli wzrost lub spadek zawartości związków organicznych w roślinach, przeprowadzono doświadczenie.
Na trzech szalkach wyścielonych bibułą wysiano po 1,5 g nasion rzodkiewki. Następnie nasiona poddano różnym warunkom nawodnienia oraz oświetlenia. Po 10 dniach materiał roślinny — nasiona lub siewki — wysuszono i dla każdej grupy określono zawartość suchej masy.
Grupa 1. — woda: NIE, światło: TAK · kiełkowanie: nie · sucha masa: 1,46 g
Grupa 2. — woda: TAK, światło: TAK · kiełkowanie: tak · sucha masa: 1,63 g
Grupa 3. — woda: TAK, światło: NIE · kiełkowanie: tak · sucha masa: 1,20 g
Wyjaśnij, dlaczego w grupie 1. nasiona rzodkiewki nie wykiełkowały.
Uzasadnij, że w celu prawidłowego oszacowania bilansu węgla w roślinach należało w ostatnim dniu trwania doświadczenia wykonać pomiar suchej, a nie — świeżej, masy nasion lub siewek.
Rozstrzygnij, z którą grupą — 1. czy 3. — należy porównać wyniki pomiaru suchej masy uzyskane w grupie 2., aby określić łączny wpływ fotosyntezy i oddychania komórkowego na bilans węgla w grupie 2. Odpowiedź uzasadnij.
Wykaż, że podczas trwania doświadczenia u roślin z grupy 2. zachodziła fotosynteza.
Oceń, czy podczas trwania doświadczenia u roślin z grup 2. i 3. zachodziło oddychanie komórkowe. Wybierz T, jeśli ten proces zachodził, albo N — jeśli nie zachodził.
1. Grupa 2.
2. Grupa 3.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 6.1 — brak dostępu do wody + rola wody w kiełkowaniu
- 6.2 — zmienna/nieokreślona ilość wody w świeżej masie
- 6.3 — grupa 1. + zachowanie wyjściowego poziomu związków organicznych
- 6.4 — wykazanie odnoszące się do przyrostu suchej masy
- 6.5 — TT.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 7 — Walec osiowy — rozpoznawanie korzenia i tkanek przewodzących (2 punkty)
Na zdjęciu mikroskopowym przedstawiono fragment przekroju poprzecznego pewnego organu roślinnego. Zaznaczono na nim walec osiowy, perycykl oraz dwie tkanki przewodzące — oznaczone numerami I i II.

Dokończ zdanie. Wybierz odpowiedź A albo B oraz jej uzasadnienie 1. albo 2.
Na zdjęciu przedstawiono przekrój poprzeczny przez A/B, na co wskazuje 1./2. układ tkanek przewodzących.
A. łodygę
B. korzeń
1. naprzeciwległy
2. naprzemianległy
Podaj nazwy tkanek przewodzących oznaczonych na zdjęciu mikroskopowym numerami I i II.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 7.1 — B2 (korzeń, naprzemianległy układ tkanek przewodzących)
- 7.2 — I. łyko / floem, II. drewno / ksylem (uznaje się też warianty „pierwotne", „metaksylem").
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 8 — Toxoplasma gondii — cykl rozwojowy i profilaktyka toksoplazmozy (3 punkty)
Toksoplazmoza to występująca u człowieka choroba odzwierzęca wywoływana przez Toxoplasma gondii — jednokomórkowego protista o haploidalnej formie troficznej oraz o mejozie zachodzącej tuż po zapłodnieniu.
T. gondii jest organizmem dwużywicielskim: żywicielami ostatecznymi są wyłącznie kotowate, w tym kot domowy, natomiast do żywicieli pośrednich należą niektóre ptaki oraz ssaki. Człowiek może być przygodnym żywicielem tego pasożyta. U człowieka pasożyt potrafi przekraczać barierę krew – łożysko.
Oceń prawdziwość stwierdzenia: W organizmie człowieka T. gondii wytwarza gamety na drodze podziałów mitotycznych. Wpisz odpowiedź wybraną spośród podanych w nawiasie (prawda / fałsz). Odpowiedź uzasadnij.
Oceń prawdziwość poniższych stwierdzeń dotyczących zasad profilaktyki toksoplazmozy. Wybierz P, jeśli stwierdzenie jest prawdziwe, albo F — jeśli jest fałszywe.
1. Należy przestrzegać zasad higieny w kontaktach z kotami.
2. Należy unikać spożywania surowego lub niedogotowanego mięsa (np. wołowego).
Rozstrzygnij, czy zgodnie z zasadami profilaktyki kobiety w ciąży powinny unikać kontaktu z osobami chorującymi na toksoplazmozę. Odpowiedź uzasadnij.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 8.1 — fałsz +
- Uzasadnienie: w organizmie człowieka pasożyt NIE rozmnaża się płciowo (nie wytwarza gamet)
- 8.2 — PP
- 8.3 — nie + uzasadnienie odnoszące się do faktycznej drogi zarażenia LUB do braku zarażenia przez zwykły kontakt międzyludzki.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 9 — Obręcz kończyny górnej — rozpoznawanie kości na rysunku (1 punkt)
Na rysunku przedstawiono kości obręczy kończyn górnych człowieka widziane od tyłu. Na rysunku pominięto kości szkieletu osiowego oraz kości części wolnej kończyn górnych.

Podaj nazwy kości oznaczonych na rysunku literami X i Y.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
X = obojczyk (clavicula), Y = łopatka (scapula). Uznaje się „kość obojczykowa" i „kość łopatkowa". Punkt tylko za obie nazwy.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 10 — Mocznik — główny azotowy produkt przemiany białek u ssaków (1 punkt)
Uzupełnij zdanie. Wybierz odpowiedź spośród oznaczonych literami A i B oraz odpowiedź spośród oznaczonych literami C i D.
Głównym azotowym produktem metabolizmu białek u ssaków jest A/B, którego synteza odbywa się w komórkach C/D.
A. mocznik
B. kwas moczowy
C. nerek
D. wątroby
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
AD — mocznik, którego synteza odbywa się w komórkach wątroby.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 11 — Potencjał czynnościowy — przepuszczalność błony dla Na⁺ i K⁺ (2 punkty)
Powstawanie potencjału czynnościowego jest regulowane przez zmianę przepuszczalności błony neuronu dla jonów Na⁺ i K⁺. Na wykresie przedstawiono mechanizm tego procesu: zmiany potencjału błonowego (w mV) oraz przepuszczalności błony dla obu jonów (w jednostkach umownych) w czasie.

Uzupełnij zdanie. Wybierz odpowiedź spośród oznaczonych literami A i B oraz odpowiedź spośród oznaczonych literami C i D.
Stymulacja neuronu jest przyczyną A/B przepuszczalności błony komórkowej dla Na⁺, co prowadzi do C/D błony komórkowej.
A. wzrostu
B. spadku
C. hiperpolaryzacji
D. depolaryzacji
Oceń prawdziwość poniższych stwierdzeń dotyczących powstawania potencjału czynnościowego. Wybierz P, jeśli stwierdzenie jest prawdziwe, albo F — jeśli jest fałszywe.
1. Kanały potasowe otwierają się po kanałach sodowych, dzięki czemu jony K⁺ wypływają z komórki.
2. Podczas czynności neuronu kanały potasowe pozostają otwarte dłużej niż kanały sodowe.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 11.1 — AD (wzrost przepuszczalności dla Na⁺ → depolaryzacja)
- 11.2 — PP.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 12 — Mocznik i TMAO — stabilizacja białek i osmoregulacja ryb (4 punkty)
Ryby chrzęstnoszkieletowe gromadzą we krwi duże ilości mocznika, którego całkowite stężenie osmotyczne we krwi jest równe stężeniu wody morskiej albo nawet je przekracza. Oprócz mocznika ważnym składnikiem krwi tych ryb jest tlenek trimetyloaminy (TMAO).
Przedstawiono wyniki symulacji komputerowych wpływu wysokiej temperatury, mocznika o wysokim stężeniu (8 mol·dm⁻³) oraz TMAO o dwóch różnych stężeniach (1 mol·dm⁻³ i 4 mol·dm⁻³) na strukturę przestrzenną białka — inhibitora chymotrypsyny 2 (CI2).
Materiał — TMAO w mięśniach ryb
Obecność TMAO potwierdzono także w tkance mięśniowej wielu ryb kostno- i chrzęstnoszkieletowych. Przypuszcza się, że w mięśniach stabilizuje on strukturę białek w warunkach wysokiego ciśnienia hydrostatycznego.
Na wykresie przedstawiono wyniki pomiaru zawartości TMAO w tkance mięśniowej ryb morskich żyjących na różnych głębokościach, uzyskane przez różne zespoły badawcze.
![Biologia R, matura 2026 CKE (maj) — Zadanie 12 (struktury CI2 / TMAO) · Arkusz CKE maj 2026; podpis: „Na podstawie: B.J. Bennion i V. Daggett […], PNAS 101(17), 2004; H. Laurent i in. […], Communications Chemistry 5(116), 2022" · CKE · dozwolony użytek (art. 27 pr. aut.)](ryciny/bio-r-2026-z12-struktury.webp)
![Biologia R, matura 2026 CKE (maj) — Zadanie 12 (wykres TMAO vs głębokość) · Arkusz CKE maj 2026; podpis: „Na podstawie: B.J. Bennion i V. Daggett […]; H. Laurent i in. […], 2022" · CKE · dozwolony użytek (art. 27 pr. aut.)](ryciny/bio-r-2026-z12-wykres.webp)
Na podstawie przedstawionych wyników symulacji oceń, czy w podanych warunkach dochodzi do denaturacji CI2. Wybierz T, jeśli dochodzi do denaturacji, albo N — jeśli do niej nie dochodzi.
1. Temperatura 60 °C przy stężeniu TMAO równym 4 mol·dm⁻³, bez mocznika.
2. Temperatura 60 °C przy stężeniu mocznika równym 8 mol·dm⁻³, bez TMAO.
Sformułuj wniosek dotyczący wpływu TMAO na strukturę przestrzenną CI2 poddawanego działaniu mocznika o stężeniu 8 mol·dm⁻³.
Sformułuj wniosek dotyczący zależności między głębokością występowania ryb a zawartością TMAO w ich tkance mięśniowej. W odpowiedzi odnieś się do obu grup ryb.
Oceń prawdziwość poniższych stwierdzeń dotyczących osmoregulacji ryb chrzęstnoszkieletowych. Wybierz P, jeśli stwierdzenie jest prawdziwe, albo F — jeśli jest fałszywe.
1. Dzięki gromadzeniu się mocznika we krwi płyny ustrojowe tych ryb są w przybliżeniu izotoniczne względem wody morskiej.
2. Dzięki gromadzeniu się mocznika we krwi te ryby nie są narażone na nadmierny osmotyczny odpływ wody.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 12.1 — NT
- 12.2 — wniosek o ograniczeniu/zapobieganiu denaturacji CI2 przez TMAO
- 12.3 — wniosek o wzroście zawartości TMAO wraz z głębokością u OBU grup ryb
- 12.4 — PP.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 13 — Anolis aquaticus — próba kontrolna i weryfikacja hipotezy (2 punkty)
Niewielkie jaszczurki z rodzaju Anolis, występujące na Wyspach Karaibskich, w sytuacji zagrożenia chowają się pod powierzchnią wody. Niektóre gatunki, np. Anolis aquaticus, pozostają zanurzone nawet przez kilkanaście minut. W tym czasie w przedniej części ich głowy powstaje bańka wydychanego powietrza, której objętość cyklicznie powiększa się w czasie wydechu (A) i zmniejsza się w czasie wdechu (B).
Postawiono hipotezę, że w ten sposób jaszczurki A. aquaticus przez jakiś czas korzystają z tlenu znajdującego się w wydychanym powietrzu.
Materiał — pomiary
Naukowcom udało się określić ciśnienie parcjalne tlenu (pO₂) w takiej bańce powietrza. Wykres I ilustruje wyniki pomiarów pO₂ w bańce znajdującej się na głowie A. aquaticus, a wykres II — wyniki pomiarów pO₂ w bańce powietrza wytwarzanej mechanicznie pod powierzchnią wody przy użyciu strzykawki.
Niebieskie punkty wskazują jednostkowe wyniki pomiarów, błękitna linia — ustaloną na ich podstawie linię trendu, a czerwona linia — średnią wartość pO₂ w powietrzu atmosferycznym w czasie pomiaru.

![Biologia R, matura 2026 CKE (maj) — Zadanie 13 (wykresy I–II pO₂) · Arkusz CKE maj 2026; podpis: „Na podstawie: C.K. Boccia i in. […], Current Biology 31(13), 2021" · CKE · dozwolony użytek (art. 27 pr. aut.)](ryciny/bio-r-2026-z13-wykresy.webp)
Określ, jakie znaczenie dla poprawnej interpretacji wyników doświadczenia w próbie badawczej (wykres I) miało wykonanie pomiarów pO₂ w próbie kontrolnej — w bańce powietrza mechanicznie wytwarzanej pod powierzchnią wody przy użyciu strzykawki (wykres II).
Rozstrzygnij, czy wyniki doświadczenia potwierdziły postawioną hipotezę (tak / nie). Odpowiedź uzasadnij, odnosząc się do wyników uzyskanych w próbie badawczej oraz w próbie kontrolnej.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 13.1 — próba kontrolna wyklucza wpływ innych czynników niż procesy jaszczurki (np. przenikanie tlenu do wody) LUB stanowi poziom odniesienia
- 13.2 — tak + uzasadnienie odnoszące się DO OBU prób z ich logicznym powiązaniem.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 14 — Terapia CAR-T — limfocyty T, MHC i trwałość ekspresji genu (6 punktów)
Naturalny receptor limfocytów T rozpoznaje i wiąże antygeny peptydowe prezentowane przez cząsteczki MHC na powierzchni komórek własnego organizmu. Komórki nowotworowe mają jednak często obniżoną ilość białek MHC — głównego układu zgodności tkankowej.
Terapia CAR-T polega na modyfikacji genetycznej limfocytów T pacjenta tak, aby wytwarzały chimeryczny receptor antygenowy (CAR). CAR-T rozpoznają specyficzne białka komórek nowotworowych i mogą wiązać ich antygeny w sposób niezależny od powierzchniowego występowania MHC.
Antygeny na powierzchni komórek nowotworowych dzieli się na: specyficzne — występujące tylko na komórkach nowotworowych, oraz niespecyficzne — występujące zarówno na komórkach nowotworowych, jak i na komórkach zdrowych.
Materiał — dwie metody modyfikacji
Z krwi pacjenta izoluje się leukocyty, w tym limfocyty T, i poddaje je modyfikacji genetycznej jedną z metod:
1. do limfocytów T wprowadza się za pomocą impulsu elektrycznego (elektroporacja) mRNA kodujący receptor CAR;
2. limfocyty T infekuje się genetycznie zmodyfikowanym retrowirusem, zawierającym gen kodujący receptor CAR.
Na koniec CAR-T są namnażane, aktywowane i wstrzykiwane do krwiobiegu pacjenta.

Uzasadnij, że w terapii CAR-T nie należy stosować receptorów CAR rozpoznających niespecyficzne antygeny nowotworowe.
Wyjaśnij, dlaczego zmodyfikowane limfocyty T (CAR-T) mają większe szanse na zniszczenie komórki nowotworowej niż fizjologiczne limfocyty T. W odpowiedzi odnieś się do funkcji MHC w rozwoju odpowiedzi immunologicznej.
Wyjaśnij, dlaczego w przypadku terapii CAR-T z użyciem retrowirusów otrzymuje się limfocyty T z wyższą zawartością receptora CAR w porównaniu do terapii CAR-T z użyciem elektroporacji. W odpowiedzi uwzględnij mechanizmy ekspresji informacji genetycznej w obu metodach.
Oceń prawdziwość poniższych stwierdzeń dotyczących limfocytów T. Wybierz P, jeśli stwierdzenie jest prawdziwe, albo F — jeśli jest fałszywe.
1. Limfocyty T biorą udział w reakcjach odporności swoistej.
2. Kontakt z antygenem jest przyczyną namnażania się limfocytów T.
Podaj nazwę narządu układu limfatycznego, który jest głównym miejscem dojrzewania limfocytów T u dorosłego człowieka.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 14.1 — niszczenie zdrowych komórek organizmu
- 14.2 — fizjologiczne limfocyty T wymagają prezentacji antygenu przez MHC, którego komórki nowotworowe mają mało, a CAR-T działają niezależnie od MHC
- 14.3 — 2 pkt za oba elementy (wbudowanie genu do genomu → długotrwała ekspresja ORAZ krótkotrwałość wprowadzonego mRNA), 1 pkt za jeden
- 14.4 — PP
- 14.5 — grasica.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 15 — HCV — przeciwciała anty-HCV i diagnostyka metodą PCR (2 punkty)
Wirusowe zapalenie wątroby typu C (WZW typu C) jest chorobą wywołaną przez wirus zapalenia wątroby typu C (HCV), którego genom stanowi pojedyncza nić RNA. Większość infekcji wywołanych HCV ma przebieg bezobjawowy.
W niektórych przypadkach dochodzi do samoistnej eliminacji HCV przez układ odpornościowy (spontaniczne wyzdrowienie). Większość zakażeń przechodzi jednak w infekcje przewlekłe, co może prowadzić do zapalenia wątroby, do jej marskości i do rozwoju nowotworu wątroby. Przewlekłym infekcjom HCV towarzyszy ciągłe uwalnianie do krwi cząstek wirusa z zakażonych hepatocytów.
Nie opracowano dotąd skutecznej szczepionki przeciw HCV.
Wyjaśnij, dlaczego dodatni wynik badania na obecność przeciwciał anty-HCV we krwi dorosłej osoby nie przesądza o obecności wirusa we krwi w chwili badania.
Wyjaśnij, dlaczego diagnostyka oparta na amplifikacji genomu HCV metodą łańcuchowej reakcji polimerazy (PCR) jest poprzedzona zastosowaniem odwrotnej transkryptazy.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 15.1 — przeciwciała utrzymują się po ZAKOŃCZONEJ, skutecznej odpowiedzi immunologicznej (wirus mógł zostać wyeliminowany)
- 15.2 — genom HCV to RNA, a PCR powiela DNA — odwrotna transkryptaza syntetyzuje DNA na matrycy RNA. NIE uznaje się nazwania HCV retrowirusem ani tautologii.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 16 — Alternatywne składanie RNA — jeden gen, wiele białek (3 punkty)
Zanim genom człowieka został zsekwencjonowany, spodziewano się, że zawiera on 80 000–100 000 genów kodujących białka. Ostatecznie okazało się, że tych genów jest około 20 000.
Wstępna ocena była tak wysoka, ponieważ opierała się na założeniu, że pojedynczy gen zawiera informację o pojedynczym mRNA i o pojedynczym białku. Obecnie wiadomo, że wiele genów człowieka zlokalizowanych w DNA jądrowym ma alternatywne szlaki składania RNA.
Uzupełnij zdanie. Wybierz odpowiedź spośród oznaczonych literami A i B oraz odpowiedź spośród oznaczonych literami C i D.
Alternatywne składanie RNA zachodzi w przypadku genów A/B i polega na łączeniu C/D w różnych kombinacjach.
A. ciągłych
B. nieciągłych
C. eksonów
D. intronów
Podaj nazwy dwóch organellów komórki człowieka, w których odbywa się proces transkrypcji genów, oraz rozstrzygnij, czy w tych organellach zachodzi także proces translacji (tak / nie).
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 16.1 — BC (geny nieciągłe; łączenie eksonów)
- 16.2 — 2 pkt za cztery poprawne komórki tabeli, 1 pkt za poprawną pierwszą kolumnę (dwa organella) LUB jeden pełny wiersz. Przykładowe pary: jądro — nie, mitochondrium — tak; albo jądro — nie, jąderko — nie.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 17 — Kohezyny i separazy — rozdzielanie chromatyd siostrzanych (3 punkty)
Prawidłowa segregacja chromatyd siostrzanych podczas mitozy wymaga obecności wielu białek, w tym specjalnych kompleksów białkowych: kohezyn. Przytrzymują one chromatydy siostrzane razem aż do czasu ich rozdzielenia się.
Całkowite zniesienie przylegania chromatyd siostrzanych następuje dzięki przecięciu kohezyn przez enzymy proteolityczne — separazy. Rysunek przedstawia typowe położenie kohezyn i chromatyd siostrzanych podczas dwóch różnych faz mitozy.

Podaj nazwę wiązania chemicznego hydrolizowanego przez separazy.
Podaj nazwy dwóch faz mitozy, na których granicy dochodzi do zniesienia przylegania chromatyd siostrzanych dzięki działaniu separaz.
Podaj nazwę fazy cyklu komórkowego, podczas której zachodzi replikacja DNA, prowadząca do wytworzenia chromatyd siostrzanych.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 17.1 — wiązanie peptydowe (amidowe)
- 17.2 — metafaza i anafaza (na ich granicy)
- 17.3 — faza S (uznaje się też „interfaza", „faza S interfazy").
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 18 — Rodowód rodziny — wykluczanie sposobów dziedziczenia (2 punkty)
Przedstawiono rodowód rodziny opisujący dziedziczenie pewnej choroby, u podłoża której leży mutacja w jednym genie.
Legenda: kółko puste — zdrowa kobieta; kółko wypełnione — chora kobieta; kwadrat pusty — zdrowy mężczyzna; kwadrat wypełniony — chory mężczyzna.

Oceń, które z zaproponowanych sposobów dziedziczenia genu warunkującego chorobę można wykluczyć na podstawie analizy rodowodu. Wybierz T, jeśli sposób dziedziczenia można wykluczyć, albo N — jeśli nie można go wykluczyć.
1. Dziedziczenie autosomalne dominujące.
2. Dziedziczenie recesywne sprzężone z płcią.
Dokończ zdanie. Wybierz właściwą odpowiedź spośród podanych.
Genom mitochondrialny u ludzi z reguły dziedziczy się
A. wyłącznie od matki.
B. wyłącznie od ojca.
C. w równych częściach od matki i od ojca.
D. w mniejszej części od matki, a w większej — od ojca.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 18.1 — NT (dziedziczenia autosomalnego dominującego NIE można wykluczyć; recesywne sprzężone z płcią MOŻNA wykluczyć)
- 18.2 — A (genom mitochondrialny dziedziczy się wyłącznie od matki).
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 19 — Sprzężenie genów i mapa genetyczna — krzyżówka muszek owocowych (3 punkty)
U muszki owocowej (Drosophila melanogaster) allel B warunkuje brązową barwę ciała i wykazuje pełną dominację nad allelem b, warunkującym czarną barwę ciała. Allel D warunkuje wykształcanie odnóży o normalnej długości i wykazuje pełną dominację nad allelem d, warunkującym występowanie krótkich odnóży.
Geny B i D są położone na chromosomie drugim, w odległości 17,5 cM od siebie.
Skrzyżowano podwójnie heterozygotycznego samca o genotypie BD/bd (allele B i D na jednym chromosomie, b i d na drugim) z czarną samicą mającą krótkie odnóża.
Zapisz genotyp opisanej samicy. W zapisie zastosuj podane oznaczenia alleli i uwzględnij położenie loci na chromosomach.
Zapisz cztery możliwe genotypy gamet wytwarzanych przez opisanego samca oraz podaj prawdopodobieństwo wystąpienia każdego genotypu gamety.
Podaj prawdopodobieństwo, że muszka — losowo wybrana spośród potomstwa krzyżowanej pary opisanych muszek — będzie miała brązową barwę ciała i normalnie wykształcone odnóża.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- genotyp samicy: bd/bd (zapis uwzględniający położenie loci na chromosomach)
- gamety samca: BD 41,25%, bd 41,25%, Bd 8,75%, bD 8,75%
- prawdopodobieństwo potomstwa brązowego o normalnych odnóżach: 41,25%
- genotyp zapisany jako „bbdd" (bez położenia loci) → za CAŁE zadanie maksymalnie 2 pkt; stosowanie zaokrągleń → też maksymalnie 2 pkt
- dopuszcza się rozwiązanie wynikające z założenia, że rekombinacja zachodzi wyłącznie u samic D. melanogaster (wtedy dwa typy gamet po 50% i wynik 50%).
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 20 — Thylacosmilus i Smilodon — ewolucja zbieżna na drzewie filogenetycznym (2 punkty)
Czaszki dwóch kopalnych zwierząt — z rodzaju Thylacosmilus i z rodzaju Smilodon — wykazują w budowie pewne podobieństwa. Występują u nich długie kły z piłkowanymi krawędziami, zwane zębami szablastymi. Paleontologowie przypuszczają, że te zwierzęta były dużymi drapieżnikami, a zęby szablaste pomagały im zabijać ofiary.
Na drzewie filogenetycznym przedstawiono relacje pokrewieństwa między rodzajami Thylacosmilus i Smilodon a wybranymi współczesnymi ssakami. Zaznaczono na nim wspólnego przodka z zębami o normalnej długości oraz momenty pojawienia się zębów szablastych.
Uwaga: na schemacie nie zachowano proporcji w wielkości zwierząt ani ich czaszek.

Uzasadnij, że występowanie zębów szablastych u Thylacosmilus i Smilodon jest wynikiem ewolucji zbieżnej — konwergencji. W odpowiedzi odnieś się do przedstawionego drzewa filogenetycznego.
Oceń prawdziwość poniższych stwierdzeń dotyczących Thylacosmilus i Smilodon. Wybierz P, jeśli stwierdzenie jest prawdziwe, albo F — jeśli jest fałszywe.
1. Thylacosmilus jest bliżej spokrewniony ze Smilodon niż z kangurami, należącymi do torbaczy.
2. Smilodon jest bliżej spokrewniony ze słoniem niż z człowiekiem.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 20.1 — uzasadnienie z argumentem na rzecz NIEZALEŻNEGO pochodzenia cechy (dwa osobne zdarzenia na drzewie; wspólny przodek miał zęby normalnej długości)
- 20.2 — FF. NIE uznaje się uzasadnień będących samą definicją konwergencji.
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 21 — Pająk Pamphobeteus i żaba Chiasmocleis royi — mutualizm i trawienie (2 punkty)
Pająk z rodzaju Pamphobeteus i żaba Chiasmocleis royi mogą żyć razem w tym samym miejscu. Nora pająka zapewnia chłodne, wilgotne środowisko i stanowi schronienie przed wysuszeniem oraz przed zmianami temperatury. Pająki chronią żaby przed drapieżnikami, nie wyrządzają żabom krzywdy i umożliwiają im łatwy dostęp do miejsc żerowania.
C. royi pomaga w pozbyciu się z nory i z jej otoczenia mrówek i larw much, które odżywiają się jajami oraz potomstwem pająka.
![Biologia R, matura 2026 CKE (maj) — Zadanie 21 (pająk Pamphobeteus + żaba C. royi) · Arkusz CKE maj 2026; podpis: „Na podstawie: R. von May i in. […], Amphibian & Reptile Conservation 13(1), 2019; A. Zamani i in. […], Journal of Natural History 58(29–32), 2024" · CKE · dozwolony użytek (art. 27 pr. aut.)](ryciny/bio-r-2026-z21.webp)
Podaj nazwę zależności międzygatunkowej występującej między pająkiem z rodzaju Pamphobeteus a żabą C. royi. Odpowiedź uzasadnij z uwzględnieniem przykładów korzyści lub strat właściwych dla wymienionych organizmów.
Podaj różnicę w sposobie trawienia pokarmu przez pająki i przez płazy.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 21.1 — mutualizm (dopuszczalna „protokooperacja", „mutualizm fakultatywny") + uzasadnienie z przykładami korzyści dla OBU organizmów
- 21.2 — pająki trawią (także) pozaustrojowo, płazy — wyłącznie wewnątrzustrojowo
- Nie jest uznawane: „symbiozy", „mutualizmu obligatoryjnego" ani „zależności nieantagonistycznej".
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 22 — Bucephalus polymorphus — żywiciele w cyklu rozwojowym przywry (2 punkty)
W wodach śródlądowych zachodniej Europy udokumentowano współwystępowanie dwóch gatunków obcych pochodzących z rejonu Morza Kaspijskiego i z zachodniej Syberii: pasożytniczej przywry Bucephalus polymorphus oraz małża — racicznicy zmiennej (Dreissena polymorpha). Racicznica pojawiła się w wodach zachodniej Europy już w XIX wieku, a przywra — pod koniec XX wieku.
Cykl życiowy B. polymorphus rozpoczyna się od pojawienia się pierwszego stadium larwalnego — miracidium, które może wniknąć tylko do ciała racicznicy zmiennej, małża prowadzącego osiadły tryb życia. Miracidium w ciele małża rozwija się w sporocystę, a w sporocyście dojrzewają cerkarie.
Dojrzałe cerkarie opuszczają ciało racicznicy i dostają się do wody. Następnie, po wniknięciu do ciała ryb z rodziny karpiowatych, cerkarie przekształcają się w metacerkarie. Kolejnym żywicielem są różne gatunki ryb rybożernych — po zjedzeniu ofiary z metacerkariami przywry dojrzewają w nich płciowo i dochodzi do zapłodnienia.
Wypisz z tekstu żywicieli pośrednich oraz żywicieli ostatecznych przywry B. polymorphus.
Uzasadnij, że obecność racicznicy zmiennej jest niezbędna do zamknięcia cyklu życiowego przywry B. polymorphus.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 22.1 — żywiciele pośredni: racicznica zmienna ORAZ ryby karpiowate; żywiciele ostateczni: ryby rybożerne
- 22.2 — uzasadnienie uwzględniające SPECYFICZNOŚĆ pierwszego żywiciela pośredniego (miracidium wnika tylko do racicznicy).
Rozwiąż to zadanie z asystentem
Zadanie 23 — Krewetka piaskowa — tolerancja ekologiczna i nisza podstawowa (3 punkty)
Podstawową niszę ekologiczną gatunku można przedstawić na wielowymiarowym wykresie, w którym wymiarami są różne czynniki środowiska.
Na wykresie przedstawiono śmiertelność samic krewetki piaskowej (Crangon septemspinosa) w różnych temperaturach i przy różnym stopniu zasolenia. Krewetka piaskowa występuje u zachodnich wybrzeży Oceanu Atlantyckiego, od Nowej Fundlandii do Florydy.

Na podstawie przedstawionych danych oceń prawdziwość poniższych stwierdzeń dotyczących tolerancji ekologicznej krewetki piaskowej. Wybierz P, jeśli stwierdzenie jest prawdziwe, albo F — jeśli jest fałszywe.
1. W wodzie o temperaturze 10 °C i o zasoleniu 15 ‰ śmiertelność samic krewetek jest większa niż 50 %.
2. Śmiertelność samic krewetek w wodzie o temperaturze 10 °C jest niezależna od zasolenia.
Oceń prawdziwość stwierdzenia: Podstawowa nisza ekologiczna krewetki piaskowej to zachodnie wybrzeża Oceanu Atlantyckiego. Wpisz odpowiedź wybraną spośród podanych w nawiasie (prawda / fałsz). Odpowiedź uzasadnij, odnosząc się do definicji podstawowej niszy ekologicznej.
Na podstawie przedstawionych danych podaj przedział optimum temperaturowego dla samic krewetki piaskowej przy optymalnych warunkach zasolenia.
Odpowiedź wg zasad oceniania CKE
- 23.1 — FF
- 23.2 — fałsz + uzasadnienie, że nisza podstawowa to zbiór wymagań/warunków środowiskowych, a nie zasięg geograficzny
- 23.3 — przedział, którego dolna granica mieści się między 9 a 13 °C, a górna między 21 a 26 °C (np. 10–25 °C) — z jednostką.